Práctica 6: Árboles (Algoritmos III)

Ejercicio 06.01:

a)
Puede tener 21 vértices.

b)
Si G es arbol -> m = n-1 -> n = m+1 = Par+Impar = Impar
Sup que todos los grados son impares. Entonces todos los grados se pueden escribir como di = 2*ki+1 para algun ki ->
Σ_v d(v) = Σ_v (2*ki+1) = 2*Σ_v ki + n = Par + Impar = Impar
Pero Σ_v d(v) = 2*m -> Impar = Par ABS
-> Si G es Arbol tiene al menos un nodo de grado par

c) Σ d(v)/n = 2 -> 2*m = Σ d(v) = 2*n -> m=n. Un grafo minimalmente conexo es un arbol, y este tiene n-1 ejes. Con lo cual, si se agrega un eje, queda m=n, y ademas se forma exactamente 1 ciclo.

Ejercicio 06.02:

a) Falso (K4 no tiene puentes y para todo v, d(v) = 3)
b) Si un grafo es conexo, la min. cantidad de ejes (sin ciclos) es n-1. Sea G' un arbol. Sean 2 vertices v,w en G'. Como G' es conexo -> Ex. Unico camino C de v a w, con lo cual C+(v,w) es un ciclo, y ya que antes no habia es el unico posible. -> G' tiene n ejes y un solo ciclo.

c) Verdadero (K4 sin una diagonal, o sea:)
o-o
|\|
o-o

Hombre!, la pregunta es verdadera pero ahí veo 3 circuitos, si etiquetamos los nodos "a,b,c,d" en sentido horario, tenemos los ciclos: a-b-c-d-a; a-b-c-a; a-c-d-a. Yo propongo el siguiente ejemplo que va de coña:
o-o
| |
o-o
|\
o-o

Ejercicio 06.03:

a) La idea informal es agarrar la raiz y ponerla en la primera particion, luego a sus hijos en la segunda, luego a sus hijos en la primera otra vez, etc etc.. Y como los hijos nunca estan conectados entre si, entonces las dos particiones forman un grafo bipartito.

Pues vale, como un grafo es bipartito si y solo si todos sus circuitos tienen longitud par, como todo àrbol tiene todos sus circuitos pares entonces es bipartito.
todos == ninguno.
b) Si, el K_2,1 (Una raiz con dos hojas)

Ejercicio 06.05:

Sea P=<v1,v2,..,vn> el camino simple de máxima longitud en un árbol T Supongamos que v1 o vn tienen grado >1. Si es v1, sabemos que esta conectado a v2 y a otro w distinto de v2. Si w no pertenece a P, tendríamos un camino más largo (<w> U P), abs. Si w pertenece a P, tendríamos un ciclo (<w,v1,v2,...w>), también absurdo. Entonces v1 tiene que tener grado <=1, y como T es conexo, debe tener grado 1, o sea, es una hoja. Lo mismo podemos hacerlo para ver que vn debe ser una hoja.

Ejercicio 06.06:

=>) Sea V={v1,..,vn} y G' = G sin un eje (Sup. que ese eje conectaba a vk con vk+1). Elegimos:
W1 = conj. de vertices alcanzables desde vk
W2 = conj. de vertices alcanzables desde vk+1
X = conj. de vertices no alcanzables desde vk o vk+1
Es claro que los vertices de G' = W1 U W2 U X. Tambien se ve que W1 U X = {} y W2 U X = {}. Ahora debemos analizar W1 ∩ W2.

• Si W1 ∩ W2 = {vi,..,vj}, entonces {vk,vi,..,vj,vk+1,vk} forma un ciclo en G -> ABS (era un bosque)
• Si W1 ∩ W2 = {}, podemos dividir W1 y W2 en 2 componentes conexas, las cuales formaban 1 sola componente conexa en G.

<=) Sup que no, es decir, sacar un eje aumenta la cant. de componentes conexas de G (pero G tiene ciclos). Si se saca el eje que conecta vk con vk+1 aumenta la cant. de componentes conexas de G'. Pero si G tenia ciclos, uno de ellos podria ser {vk,vi,vk+1,vj,vk}. En este caso, en G' podria ir de vk a vk+1 del mismo modo. ABS (tengo la misma cant. de componentes conexas)

Ejercicio 06.07:

Por induccion:

• CB: n = 1. !
• PI:

Sea G un arbol de n vertices, y G' arbol = G-v / v es hoja. Por HI, Gc' es conexo o tiene un vertice aislado y el resto forma un subgrafo completo. Agregamos el vertice v que sacamos. Como cada hoja tiene un solo padre, en Gc esa hoja estara conectada con todos los vertices salvo el padre. De aqui sale que:

• Si Gc' era conexo, Gc tambien lo sera ya que v estara conectado a otro vertice w de Gc'. Entonces para llegar a v, se podra llegar por el mismo camino que se llegaba a w. Todo esto ocurre salvo que el unico vertice de Gc' sea el padre de v, caso en que se cumple la otra propiedad.
• Si Gc' tenia un vertice aislado, entonces v estara conectado a todos los vertices del subgrafo completo, lo cual hara que en Gc' este el mismo vertice aislado que en G', entonces en G', v estara conectado con el vertices que estaba aislado en Gc' y con vertices del subgrafo completo en Gc'. Esto hara que G' sea conexo (Salvo en el caso que el padre de v sea el subgrafo completo de Gc')

Ejercicio 06.08:

=>) Como un arbol tiene m = n-1 ejes, y por otro lado sabemos que para todo grafo Σ d(v) = 2*m, entonces si {d1,..,dn} es secuencia de arbol -> Σ d(v) = 2*m = 2*(n-1)
<=) Σ d(v) = 2*(n-1) <=> m = n-1. Si m = n-1 y es conexo -> es arbol por definicion

Ejercicio 06.09:

a)Si, cualquier camino simple es un arbol binario (en particular uno con un numero par de vertices)
b)Un arbol m-ario tiene como maximo $1+\sum _{i=1}^{h}m^{i}=\sum _{i=0}^{h}m^{i}$ vértices
c)La cantidad maxima de hojas equivale a la cantidad de hojas del ultimo nivel, que es a lo sumo m^h hojas
d)l <= m^h -> log_m(l) <= log_m(m^h) = h*log_m(m) = h -> h >= log_m(l)
e)

Ejercicio 06.10:

(Facil Facil)

Ejercicio 06.11:

a)Sup que no fuera un arbol. Entonces existe un eje que no es puente, con lo cual hay mas ejes que conectan dos comp. conexas -> Se puede obtener otro arbol generador pasando por otro eje que las conecta -> No se tiene un unico arbol generador -> ABS
b)Creo que si se conocen todos los arboles generadores, uniendolos se pueden obtener todos los ejes que existian originalmente para cada vertice
c)

Ejercicio 06.12:

a)
b)

Ejercicio 06.14:

a)
b)

Ejercicio 06.15:

a)
b)

Ejercicio 06.17:

a)
b)

Ejercicio 06.18:

a) Se pueden tomar ideas de este link: http://www-b2.is.tokushima-u.ac.jp/~ikeda/suuri/dijkstra/Prim.shtml

Tiene el algoritmo y una "live demo" en java donde se puede correr Prim sobre grafos y ver el seguimiento paso a paso. Además tiene el .java para compilar y jugar.

b)
c)

Ejercicio 06.19:

a)
Ti es un bosque de i ejes y n vertices -> T(n-1) es AG

qvq T = {e1,..,e(n-1)} es AGM
Sea K = {k1,..,k(n-1)} el AG de Kruskal. Sup. que no es minimo
T es AGM y ei <= ei+1 "mas parecido a K" (K∩T) es maxima)
Sean i minimo / ei != ki, G = T+{ki}
G tiene exactamente un ciclo C (ej 6.2 b). Como T es aciclico -> ki en C
Sea eMAX el eje maximo de C. Como ki no forma un ciclo con e1,..,ei-1 -> eMAX != ki
Tomemos T'=G-{eMAX} = T+{ki}-{eMAX} -> T' es un arbol
W(T') = W(T)+l(ki)-l(eMAX) <= W(T) -> T' es AGM y es mas parecido a K (ABS)

b)
1. O(n) 2. O(m log m) 3. O(1) 4. O(1) n veces 5. O(1) n veces 6. O(n)
-> T(Kruskal) = O(m log m + m*n) = O(m*n)

c) Se pueden tomar ideas de este link: http://www-b2.is.tokushima-u.ac.jp/~ikeda/suuri/kruskal/Kruskal.shtml

Tiene el algoritmo con el .java para compilar. Y además una "live demo" en java donde se puede correr Kruskal sobre grafos y ver el seguimiento paso a paso.

d)

Ejercicio 06.21:

a)
b)

Ejercicio 06.22:

Lema 1: T es arbol y e no en E -> T+e tienen un ciclo C que contiene a e
Dem:
e = (u,v). T es conexo -> Ex. camino C1 entre u y v. En T+e, C1+e forman un circuito que inclute a e.

Lema 2: T es arbol, T+e tiene un ciclo, T+e-e'con e y e' en C -> T+e-e' es arbol
Dem:
* E(T+e-e') = n-1 + 1 - 1 = n-1
* Sup e'=(w1,w2). T+e tiene un ciclo que incluye a e' -> Ex. 2 caminos en T+e entre w1 y w2 -> T+e-e' tiene un camino entre w1 y w2 -> no se desconecto nada -> T+e-e' es conexo
-> T+e-e' es arbol

Sup. que G tiene 2 AGMs, S y T -> Habra ejes en S y no en T, y viceversa
Sea eS el menor eje que esta en S y no en T ->(Lema 1) T+eS tiene un ciclo C que contiene a eS
En C Ex. eT en T que no esta en S (en S no habia ciclos). Por HI l(eS) != l(eT)
Puede pasar que l(eS) > l(eT)? ABS (por ser el menor eje) -> l(eS) < l(eT)

Nota: Me parece que este ABS es fruta, es el menor eje de S, a priori no sabes nada de T...

Lo mejor es correr o generar el arbol generador minimo con kruskal aprovechando que al ser todos los ejes distintos kruskal se vuelve deterministico y no puede dar dos arboles distintos.

-> l(T+eS-eT) = l(T)+l(eS)-l(eT) < l(T) -> AG es mas chico que T (ABS)
-> Ex. Unico AGM