Edición de «Práctica 8: Funciones Primitivas Recursivas (Lógica y Computabilidad)»

==Ejercicio 01==
*1. Esta definicion no es por recursion primitiva: la llamada recursiva DEBE ser con x e y.
*2. Si tomamos h(x) = ψ(x) y g(x1, x2, x3) = u32 (x1, x2, x3) + φ(x3, x1), se ve que ambas son totales. Ahora, podemos reescribir f(x, 0) = h(x) y f(x, y+1) = g(y, f(x, y), x), con lo cual, nos habian dado una definicion por recursion primitiva.
*3. Si tomamos h(x) = φ(0, x) y g(x1, x2, x3) = φ(x2, s(x1), se ve que ambas son totales. Ahora, podemos reescribir f(x, 0) = h(x) y f(x, y+1) = g(y, f(x, y), x), con lo cual, nos habian dado una definicion por recursion primitiva.

<pre>
*a) No es recursiva primitiva. Me falta decir porqué, pero parece que el termino  ''y + 1'' no se achica en cada paso recursivo

*b) Si. Sea h(x) = &psi;(x) y <math>g(x,y,z) = z + \varphi</math>.

f(x,0) = h(x)

f(x, y + 1) = g(x,y,f(x,y))

*c) Si. Sea <math>h(x) = \varphi(0,x)</math> y <math>g(x,y,z) = \varphi(z, y + 1)</math>.

f(x,0) = h(x)

f(x, y + 1) = g(x,y,f(x,y))
</pre>

==Ejercicio 02==
*1. max(x, y) = y + (x _o y)
*2. min(x, y) = x - (x _o y)
*3. Para resolver esto, observemos que un numero es par si y solo si su antecesor no lo es. Entonces, definimos par(0) = 1, par(y + 1) = 1 _o par(y).
*4. hf(0) = 0, hf(y + 1) = (1 + hf(y))(1 _o par(y)) + hf(y)par(y).
*5. sqrt(x) = min {0<=i<=x} ((i + 1)^2 > x)
*6. psq(x) = (sqrt(x) = x).

<pre>
*a. Defino máximo recursivamente como:
 max(x,0) = x
 max(x,y+1) = 1 + max(p(x), y)

donde p(x) es la función primitiva recursiva ''predecesor''.

*b. Mínimo:

*c. Par:

 par(0) = 1
 par(t+1) = 1 - par(t)

*d. Hf (half):

 hf(0) = 0
 hf(t+1) = par(t) . hf(t) + [1 - par(t)] . [hf(t) + 1]

*e. Sqrt, raiz cuadrada entera:

<math>sqrt(x) = min_{0 \le i \le x}(i \times i > x) - 1 </math>

*f. psq, predicado cuadrado:
<math>psq(x) = (sqrt(x) \times sqrt(x) = x)</math>
</pre>

==Ejercicio 03==
*1. f(x, 0) = (x = 0)+x(x != 0), f(x, y+1) = g(y, f(x, y), x), donde g(x1, x2, x3) = (x3 != 0)(x3 x x2)+(x3 = 0).
*2. Definimos la funcion auxiliar f1(x, 0) = x, f1(x, y + 1) = g(y, f1(x, y), x), donde g(x1, x2, x3) = x3^x2 . Ahora definimos f(0) = 0 y f(y + 1) = f1(y + 1, y + 1).

<pre>
*a)
f(x,0) = 1

f(x, y+1) = g(x,y,f(x,y))

con g(x,y,z) = z * x

*b) 
Definimos <math>H(n,m) = n^{n^{.^{.^{n}}}}</math>  m veces
<math>
H(n,0) = 0</math>

notar que <math>f(n) = H(n,n)</math>

Vemos que H es RP:

<math>H(n,0) = 0</math>

<math>H(n, m+1) = n^{H(n,m)} = g(n,m,H(n,m))</math>

con <math>g(n,m,p) = n^p</math>

Como g es RP, H es RP y f es RP.
</pre>

==Ejercicio 04==
*1. Podemos definir f11 (x, 0) = x, f11 (x, y + 1) = g(y, f11(x, y), x), donde g(x1, x2, x3) = ψ(x2). Asi, f1(x) = f11 (x, x).
*2. Podemos definir f12 (x, 0) = ψ(x) + (x != 0), f12(x, y + 1) = g(y, f12(x, y), x), donde g(x1, x2, x3) = ψ(x2) + 1. Asi, f2(x) = f12 (x, x).
*3. Para empezar, podemos observar que f(x, 0) = φ(x, 0) y f(x, y + 1) = f(φ(x, y + 1), y). Lo que tendriamos que hacer es intercambiar el orden de f y de φ. Para eso, vamos a hacer un truquito. Definimos g(x1, x2, x3, x4) = φ(x2, x4 _o x1). Esta g es primitiva recursiva. Ahora, definimos f13 (x, y, 0) = φ(x, y), f13 (x, y, i + 1) = g(i, f13 (x, y, i), x, y) y vemos que f1 es primitiva recursiva. Ahora, f3(x, y) = f13(x, y, y).

<pre>
*a

f(0) = 0

<math>f(n) = \psi^n(n) = H(n,n)</math>

Sea <math>H(n,m) = \psi^m(n)</math> definida por recursión como:

H(n,0) = 1

<math>H(n,m+1) = \psi^{H(n,m)}(n) = g(n,m,H(n,m))</math>

con <math>g(n,m,p) = \psi^p(n)</math>

g es RP -> H es RP -> f es RP

Otra resolución:
<math>g(x,y) = \psi^{(x)}(y)</math>

<math>g(0,y) = y</math>
<math>g(x+1, y) = \psi(g(x,y))</math>

<math>f(x) = g(x,x) = \psi^{(x)}(x)</math>

*b. Lo mismo pero con + 1

*c

g(x,y,z,0) = x
<math>g(x,y,z, w+1) = \phi(g(x,y,z,w), z - x)</math>

- es el menos natural (con puntito arriba)

<math>f(x,y) = g(x,y,y,y+1)</math>
</pre>

==Ejercicio 05==
(para despues)

<pre>
*a) <math>f(x) = \sum_{i=0}^x (g(i) > 3)</math>

*b) <math>f(x,y) = \prod_{i=y}^x (g(i+1) > g(i))</math>

*c) <math>f(x,y,w) = \alpha(x-y) \times \prod_{i=x}^y (w \ge g(i))</math>

donde el menos (-) es el menos con puntito arriba.
</pre>

==Ejercicio 06==
*1.
<br>f(x1, .. , xn, 0) = g(x1, .. , xn, 0)
<br>f(x1, .. , xn, y + 1) = (g(x1, .. , xn, y + 1) < f(x1, .. , xn, y))f(x1, .. , xn, y) +(g(x1, .. , xn, y + 1) >= f(x1, .. , xn, y))g(x1, .. , xn, y + 1) 
*2.
f(x1, .. , xn, y) = (b(y) <= t(y))( max {0<=i<=t(y)} [ r(b(y) <= i)g(x1, .. , xn, y) ] )

==Ejercicio 07==
Para usar la sugerencia, notemos que x^2 <= 2 ô x^2 x 10^n <= 2 x 10^n. Con esta observacion, vemos que g(n) = max {0<=i<=2 x 10^n} i x (i^2 x 10^n <= 2 x 10^n). Ahora, h(n) = resto(g(n), 10).

==Ejercicio 08==
*1. shrpx, nq � hfnpxq, donde hf se definio en el ejercicio 1, inciso 4, y aplicar n veces se definio en el ejercicio 4, inciso 1.
*2. lgpxq no es mas que la cantidad de dıgitos binario de x. Entonces,
lgp0q � 0 lgpy 􀀀 1q � max 0¤i¤y􀀀1 pshrpx, iq � 0q � i *3. digpx, nq � 1 � parpshrpx, nqq.
*4. wgtpxq � ¸ 0¤i¤lgpxq digpx, iq *5. Asumiendo que el primer dıgito es el menos significativo, ldpxq � restopx, 10q.
*6. En la teorica se ve como construir r x y s. Con eso, tendrıamos una shr10. Con ella podemos definir un lg10, y dig10. Con esto, fdpxq � digpx, lg10pxqq.
*7. Prpx, yq � °x¤i¤y primopiq, donde primo es la f.p.r. que nos dice si un numero es primo.
*8. Basta definir Gpx, yq � f11 px, yq, donde f11 se definio en el inciso 1 del ejercicio 4.